Jak uczyć zadań na dowodzenie na różnych etapach edukacyjnych Niwki, 28.01.2013r. Od 2010 roku matura z matematyki jest obowiązkowa na poziomie podstawowym. W arkuszach maturalnych na poziomie podstawowym znajdują się zadania ze standardu piątego dotyczącego rozumowania i argumentacji w których uczeń powinien prowadzić proste rozumowanie, składające się z niewielkiej liczby kroków. W arkuszu rozszerzonym także występują zadnia dwa zadania ze standardu piątego. Najtrudniejsze są zadania na dowodzenie z geometrii, dlatego że zdający powinien sporządzić rysunek, wprowadzić zgodnie z założeniem oznaczenia, zauważyć kilka własności geometrycznych i wyodrębnić, co jest założeniem a co tezą (w wielu przypadkach uczniowie traktują tezę jako założenie). Twierdzenia matematyczne możemy dowodzić, stosując dwie metody: dowodzenie wprost i nie wprost. Można wykorzystać także zasadę indukcji matematycznej, nie została ona jednak objęta podstawą programową. Aby stwierdzić prawdziwość twierdzenia, przeprowadza się rozumowanie zgodne z prawami logiki zwane dowodzeniem tego twierdzenia. W dowodzie korzystamy z założeń dowodzonego twierdzenia, aksjomatów lub z wcześniej udowodnionych twierdzeń. Dowód, w którym rozpoczyna się od założeń, przeprowadza się wnioskowanie i w ten sposób dochodzi do tezy nazywa się dowodem wprost. Dowód nie wprost polega na zaprzeczeniu tezy dowodzonego twierdzenia i wykazaniu, że przyjęcie takiego zaprzeczenia prowadzi do sprzeczności z założeniem lub wcześniej dowiedzionym twierdzeniem lub aksjomatem. Uzyskana sprzeczność oznacza, że rozpatrywane twierdzenie należy uznać za prawdziwe. W zadaniach typu uzasadnij, że… uczeń ma wskazany cel, który powinien osiągnąć, poszukując odpowiedniego sposobu oraz powołując się na znane własności. W zbiorze zadań występują także zadania typu uzasadnij, że…, chociaż główną część ich dowodu stanowią obliczenia lub budowanie modelu matematycznego. Zdający powinien zastosować strategię, która jasno wynika z treści zadania lub zbudować model matematyczny do pewnej sytuacji i krytycznie ocenić jego trafność Wykaż, że liczba 𝒙 = 𝟕𝒏+𝟐 + 𝟕𝒏+𝟏 − 𝟐 ∗ 𝟕𝒏 , gdzie 𝒏 ∈ 𝑵 i jest liczbą parzystą. 1. D: Aby wykazać, że liczba jest parzysta, należy pokazać, że liczba jest podzielna przez 2. Korzystając z działań na potęgach, liczbę x możemy zapisać w postaci: 𝑥 = 7𝑛 72 + 7 − 2 = 7𝑛 ∗ 54 = 2 ∗ 27 ∗ 7𝑛 , wobec tego liczb x jest liczbą parzystą. 2. Uzasadnij, że liczba 𝟕𝒏+𝟐 − 𝟐𝒏+𝟐 + 𝟕𝒏 − 𝟐𝒏 jest podzielna przez 10. 𝑇: 7𝑛+2 − 2𝑛+2 + 7𝑛 − 2𝑛 = 10k, n, k ∈ 𝑁+ 𝐿 = 7𝑛+2 − 2𝑛+2 + 7𝑛 − 2𝑛 = = 7𝑛 49 + 1 − 2𝑛 4 + 1 = =50 ∙ 7𝑛 − 5 ∙ 2𝑛 = =7𝑛 ∙ 50 − 2𝑛−1 ∙ 10 = =10 74 ∙ 5 − 2𝑛−1 = =10𝑘 = 𝑃, 𝑘 ∈ 𝑁+ 3. Wykaż, że liczba 𝟐𝟎𝟏𝟓𝟐𝟎𝟏𝟓 + 𝟐 ∗ 𝟐𝟎𝟏𝟓𝟐𝟎𝟏𝟒 + 𝟐𝟎𝟏𝟓𝟐𝟎𝟏𝟑 jest podzielna przez liczbę 2016. D: 20152015 + 2 ∗ 20152014 + 20152013 = = 20152013 20152 + 2 ∗ 2015 + 1 = = 20152013 2015 + 1 2 = 20152013 ∗ 20162 , więc liczba jest podzielna przez 2016 4. Wykaż, że jeśli liczby a, b, c są pierwszymi, różnymi liczbami to stosunek odwrotności tych liczb 𝟏 𝟏 𝟏 + + nie jest liczbą naturalną. 𝒂 𝒃 𝒄 Założenie: liczby a, b, c są liczbami pierwszymi (liczbami pierwszymi nazywamy te liczby naturalne, które mają tylko dwa dzielniki) 1 1 1 Teza: + + nie jest liczbą naturalną 𝑎 𝑏 𝑐 Zauważmy, że ten dowód będzie nam łatwiej poprowadzić metodą nie wprost. 1 1 1 D(nie wprost): Załóżmy, że + + = 𝑘, 𝑘 ∈ 𝑁, 𝑎 𝑏 𝑐 Pomnóżmy obie strony równania przez abc, zatem 𝑏𝑐 + 𝑎𝑐 + 𝑎𝑏 = 𝑘𝑎𝑏𝑐, 𝑏𝑐 = 𝑘𝑎𝑏𝑐 − 𝑎𝑐 − 𝑎𝑏 𝑏𝑐 = 𝑎 𝑘𝑏𝑐 − 𝑐 − 𝑏 Czyli liczba bc, która jest iloczynem dwóch liczb pierwszych dzieli się przez a. Zachodzi więc sprzeczność z założeniem, bo liczby a, b, c są liczbami pierwszymi zatem teza jest prawdziwa. Trzy elementarne nierówności i ich zastosowania Przy dowodzeniu nierówności stosujemy elementarne przejścia równoważne, przeprowadzamy rozumowanie typu: jeżeli 𝑎 ≥ 𝑏 oraz 𝑏 > 0, to 𝑎 ≥ 𝑏 𝑎2 ≥ 𝑏 2 . Własność 1: Dla każdych liczb rzeczywistych a i b prawdziwa jest nierówność: 𝒂𝟐 + 𝒃𝟐 ≥ 𝟐𝒂𝒃, przy czym równość zachodzi wtedy i tylko wtedy, gdy a=b. 1° D: 𝑎 − 𝑏 2 ≥ 0 𝑎2 − 2𝑎𝑏 + 𝑏 2 ≥ 0 𝑎2 + 𝑏 2 ≥ 2𝑎𝑏 Lub: 2° D: 𝑎2 + 𝑏 2 ≥ 2𝑎𝑏 𝑎2 − 2𝑎𝑏 + 𝑏 2 ≥ 0 𝑎− Własność 2: Dla każdych nieujemnych liczb rzeczywistych a i b prawdziwa jest 𝒂+𝒃 nierówność ≥ 𝒂𝒃. 1° D: 𝑎− 𝑏 𝟐2 ≥0 𝑎 − 2 𝑎𝑏 + 𝑏 ≥ 0 𝑎+𝑏 𝑎 + 𝑏 ≥ 2 𝑎𝑏 ≥ 𝑎𝑏, 2 Przy czym równość zachodzi wtedy i tylko wtedy, gdy a=b lub 𝑎+𝑏 2° D: ≥ 𝑎𝑏 2 𝑎 + 𝑏 ≥ 2 𝑎𝑏 𝑎 − 2 𝑎𝑏 + 𝑏 ≥ 0 𝑎− 𝑏 2 ≥0 Własność 3: Dla każdych liczb rzeczywistych a i b takich, że 𝒂𝒃 > 𝟎, prawdziwa jest 𝒂 𝒃 nierówność + ≥ 𝟐. 𝒃 𝒂 1° D: 𝑎 − 𝑏 2 ≥ 0 𝑎2 − 2𝑎𝑏 + 𝑏 2 ≥ 0 𝑎2 + 𝑏 2 ≥ 2𝑎𝑏, z założenia 𝑎𝑏 > 0 𝑎2 𝑎𝑏 𝑏2 + 𝑎𝑏 Lub 2° D: ≥2 𝑎 𝑏 𝑏 𝑎 𝑎 𝑏 𝑏 𝑎 + ≥ 2, równość zachodzi gdy 𝑎 = 𝑏 + ≥2 𝑎2 + 𝑏 2 ≥ 2𝑎𝑏 𝑎2 − 2𝑎𝑏 + 𝑏 2 ≥ 0 𝑎 − 𝑏 2 ≥ 0, Nierówność prawdziwa dla każdych liczb rzeczywistych a i b takich, że 𝑎𝑏 > 0 1. Wykaż, że jeżeli 𝑎, 𝑏, 𝑐 > 0, to 𝑎 + 𝑏 𝑎 + 2. Jeżeli 𝒂𝟏 , 𝒂𝟐 , … , 𝒂𝒏 ∈ 𝑹+ 𝒊 𝒂𝟏 ∙ 𝒂𝟐 ∙ … ∙ 𝒂𝒏 = 𝟏, to 𝟏 + 𝒂𝟏 𝟏 + 𝒂𝟐 𝟏 + 𝒂𝟑 ∙ … ∙ 𝟏 + 𝒂𝒏 ≥ 𝟐𝒏 . W dowodzie wykorzystamy związek między średnią arytmetyczną i geometryczną dwóch liczb dodatnich (własność 2) 3. Uzasadnij, że 𝐥𝐨𝐠 𝒕𝒈𝟏° + 𝐥𝐨𝐠 𝒕𝒈𝟐° + 𝐥𝐨𝐠 𝒕𝒈𝟑° + ⋯ + 𝐥𝐨𝐠 𝒕𝒈𝟖𝟗° = 𝟎. D: Korzystając z własności sumy logarytmów można zapisać: log 𝑡𝑔1° + log 𝑡𝑔2° + log 𝑡𝑔3° + ⋯ + log 𝑡𝑔89° = log 𝑡𝑔1° ∙ 𝑡𝑔2° ∙ 4. Wykaż, że zachodzi równość: 1 log𝑎 4∙log4 𝑎 D: L= = |4 − 𝑎| dla 𝑎 = 3 lub 𝑎 = 5. 1 log𝑎 4∙ log4 𝑎 = log4 𝑎 log4 𝑎 =1 (z zamiany podstawy logarytmu). 4 − 𝑎 = 1 4 − 𝑎 = 1˅ 4 − 𝑎 = −1 𝑎 = 3 ˅𝑎 = 5). 6 𝑥 5. Uzasadnij, że równanie 5 − 𝑥 = ma trzy rozwiązania 𝑥1 , 𝑥2 , 𝑥3 takie, że jedno z nich jest iloczynem dwóch pozostałych. 6. Uzasadnij, że dla k=2, równanie 𝑥 − 2 − 𝑥 = 𝑘 ma nieskończenie wiele rozwiązań 7. Wielomian W(x) jest wielomianem stopnia czwartego, którego pierwiastkami są liczby -2, -1, 1, 2. Uzasadnij, że 𝑊 2 𝑊 3 = 1. 8. Uzasadnij, że zbiorem wartości funkcji f x = 2 2 𝑥 +𝑥 , 𝑥 ∈ 𝑅 jest zbiór 0; 1 > . 9. Wiedząc, że dla pewnego ciągu geometrycznego 𝑎𝑛 ) o wyrazach dodatnich prawdziwa jest równość 𝑆16 = 257 ∙ 𝑆8 , wykaż, że iloraz tego ciągu 𝑞 = 2. Symbol 𝑆𝑛 oznacza sumę n kolejnych początkowych wyrazów ciągu 𝑎𝑛 ). 10. Dany jest nieskończony ciąg geometryczny 1 𝑛 𝑎𝑛 ) określony wzorem 𝑎𝑛 = , 𝑛 = 1, 2, 3 … 2 Uzasadnij, że należy wziąć co najmniej 14 kolejnych wyrazów tego ciągu, aby ich suma różniła się od sumy wyrazów tego nieskończonego ciągu geometrycznego o mniej niż 10−4 . 11. Dana jest funkcja 𝑓 𝑥 = 2 cos 2 2𝑥) + cos 2𝑥) i 𝑔 𝑥 = 2 sin2 2𝑥) − cos 2𝑥). Wykaż, że 𝑓 𝑥 + 𝑔 𝑥 = 2. 12. Wykaż, że dla dowolnej liczby rzeczywistej 𝑥 1 prawdziwa jest nierówność sin3 𝑥 ∙ cos 𝑥 − cos 3 𝑥 ∙ sin 𝑥 ≤ . 4 13. Kod dostępu do komputera Bartka złożony jest z trzech kolejnych naturalnych potęg liczby 4 ułożonych w kolejności od największej do najmniejszej. Suma tych potęg jest równa 5376. Znajdź kod dostępu do komputera Bartka, zapisz rozumowanie. 4𝑛 + 4𝑛+1 + 4𝑛+2 = 5376 4𝑛 1 + 4 + 16 = 5376 4𝑛 ∗ 21 = 5376 4𝑛 = 256 4𝑛 = 44 Kod Bartka składa się z następujących potęg: 44 45 46 , czyli 25610244096. 14. Uzasadnij, że pole trójkąta, w którym dwa boki mają długość 126 i 32, nie jest większe od 2016. D: Korzystając z wzoru na pole trójkąta: 1 𝑎𝑏 2 𝑃= ∙ sin 𝛼, gdzie 𝛼 jest kątem między dwoma bokami trójkąta otrzymamy: 1 𝑃∆ = ∙ 126 ∙ 32 ∙ sin 𝛼 = 2016 ∙ sin 𝛼 2 Zauważmy, że 0 < sin 𝛼 ≤ 1, zatem pole trójkąta nie przekroczy liczby 2016. 15. W trójkącie ABC, w którym 𝐴𝐶 = 𝑏, 𝐵𝐶 = 𝑎 𝑖 ∢𝐴𝐶𝐵 = 𝛼 z wierzchołka C poprowadzono dwusieczną kąta, która przecięła bok AB w punkcie D. Wykaż, że 2𝑎𝑏 cos 𝛼 𝐶𝐷 = . 𝑎+𝑏 16. W trójkąt, którego boki mają długości 𝑎, 𝑏, 𝑐, wpisano okrąg i następnie poprowadzono styczną do tego okręgu równoległą do boku o długości c, nie zawierającą tego boku. Wykaż, że długość odcinka będącego częścią wspólną poprowadzonej stycznej i trójkąta ma 𝑐 𝑎+𝑏−𝑐 długość 𝑥 = . 𝑎+𝑏+𝑐 17. Wykaż, że dwusieczne dwóch sąsiednich kątów równoległoboku są prostopadłe. 18. Dwusieczne kątów przy podstawie w trapezie przecinają się w punkcie należącym do krótszej podstawy. Wykaż, że długość krótszej podstawy jest równa sumie długości ich ramion. 19. W trójkącie prostokątnym promień okręgu wpisanego ma długość r, zaś promień okręgu na nim opisanego ma długość R. Wykaż, że pole tego trójkąta jest równe 𝑃 = 2𝑅𝑟 + 𝑟 2 20. Podstawą ostrosłupa 𝐴𝐵𝐶𝐷𝑆 jest kwadrat 𝐴𝐵𝐶𝐷 o boku długości 𝑎. Odcinek DS jest wysokością ostrosłupa i ma długość h. Punkt M jest środkiem odcinka DS. Wykaż, że pole przekroju tego ostrosłupa płaszczyzną BCM jest równe 𝑃 = 3 𝑎 4𝑎2 + ℎ2 . 8 21. W graniastosłupie prawidłowym trójkątnym ściany boczne są kwadratami. Uzasadnij, że 𝑡𝑔𝛼 = 15 , 5 gdzie 𝛼 jest kątem, jaki tworzy przekątna ściany bocznej z sąsiednią ścianą boczną. 22. Uzasadnij, że jest 28800 liczb naturalnych sześciocyfrowych, w zapisie których występuje dokładnie raz cyfra 7 i dokładnie dwa razy cyfra 4. 23. Listonosz losowo rozmieszcza osiem listów w sześciu różnych skrzynkach na listy. Uzasadnij, że prawdopodobieństwo tego, że w każdej skrzynce znajdzie się 665 przynajmniej jeden list, jest równe . 5832 24. Z 75 sześcianów o krawędzi długości 1 Bartek zbudował graniastosłup prawidłowy czworokątny, którego każda krawędź miała długość większą od 1. Wszystkie ściany graniastosłupa pomalował na niebiesko a następnie rozłożył graniastosłup na początkowe sześciany. Czy podane zdania są prawdziwe czy fałszywe? Zaznacz właściwą odpowiedź. A] Sześcianów z trzema ścianami niebieskimi było 8. □Prawda □Fałsz B] Sześcianów z dwiema ścianami niebieskimi było więcej niż sześcianów z jedną ścianką niebieską. □Prawda □Fałsz C] Z sześcianów, które nie miały żadnej niebieskiej ściany można zbudować sześcian. □Prawda □Fałsz Na IV etapie edukacyjnym na poziomie podstawowym ta sama treść zadania, lecz inne polecenie: Z 75 tak pomalowanych sześcianów losujemy jeden sześcian. Oblicz prawdopodobieństwo wylosowania sześcianu: A] z jedną pomalowaną ścianą, B] z trzema pomalowanymi ścianami. Na poziomie rozszerzonym sformułujemy pytanie: Z 75 tak pomalowanych sześcianów losujemy trzy sześciany. Oblicz prawdopodobieństwo, że co najmniej dwie ściany sześcianu są pomalowane . Dziękuję za uwagę Opracowała M. Romanowska